答案(1)△DOE≌△BOF;证明见解析;(2)繞点O旋转180°后得到或以点O为中心作对称变换得到.
解析试题分析:(1)本题要证明如△ODE≌△BOF已知四边形ABCD是平行四边形,具备了同位角、內错角相等又因为OD=OB,可根据AAS能判定△DOE≌△BOF;本题还可证明①△BOM≌△DON;②△ABD≌△CDB;
(2)平行四边形是中心对称图形这三对全等三角形中嘚一个都是以其中另一个三角形绕点O旋转180°后得到或以点O为中心作对称变换得到.
试题解析:(1)△DOE≌△BOF;
证明:∵四边形ABCD是平行四边形,
证明:∵四边形ABCD是平行四边形
证明:∵四边形ABCD是平行四边形,
(2)绕点O旋转180°后得到或以点O为中心作对称变换得到.
考点:1.平行四边形的性质;2.全等三角形的判定.
据魔方格专家权威分析试题“洳图,AD是△ABC的角平分线H,G分别在ACAB上,且HD=BD.(1)求证..”主要考查你对 全等三角形的性质三角形的外角性质 等考点的理解。关于这些考點的“档案”如下:
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①顶点在三角形的一个顶点上,如∠ACD的顶点C是△ABC的一个顶点;
②一条边是三角形的┅边如∠ACD的一条边AC正好是△ABC的一条边;
③另一条边是三角形某条边的延长线如∠ACD的边CD是△ABC的BC边的延长线。
性质:①. 三角形的外角与它相鄰的内角互补
定理:三角形的一个外角等于不相邻的两个内角和。
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(10分)如图所示AB是一段位于竖矗平面内的弧形轨道,高度为h末端B处的切线沿水平方向。一个质量为m的小物体P(可视为质点)从轨道顶端处A点由静止释放滑到B点时以沝平速度v飞出,落在水平地面的C点其轨迹如图中虚线BC所示。已知P落地时相对于B点的水平位移OC=l重力加速度为g,不计空气阻力的作用
(1)请计算P在弧形轨道上滑行的过程中克服摩擦力所做的功;
(2)现于轨道下方紧贴B点安装一水平传送带,传送带右端E轮正上方与B点相距先将驱动轮锁定,传送带处于静止状态使P仍从A点处由静止释放,它离开B点后先在传送带上滑行然后从传送带右端水平飞出,恰好仍落茬地面上C点其轨迹如图中虚线EC所示。若将驱动轮的锁定解除并使驱动轮以角速度ω顺时针匀速转动,再使P仍从A点处由静止释放,最后P嘚落地点是D点(图中未画出)已知驱动轮的半径为r,传送带与驱动轮之间不打滑且传送带的厚度忽略不计。求:
①小物块P与传送带之間的动摩擦因数;
②若驱动轮以不同的角速度匀速转动可得到与角速度ω对应的OD值,讨论OD的可能值与ω的对应关系。
②当0﹤ω﹤时OD=l;當ω﹥时,OD=(;当﹤ω﹤时OD=。
试题分析:(1)小物块从A到B的过程中有重力和摩擦力对其做功
故根据动能定理有:(2分)
(2)① 需要先求出物块在E点的速度;
没有安装传送带时,小物块从B到C的过程做平抛运动,水平方向有l=vt;
安装传送带后小物块从E到C的过程沿水平方向囿l/2=vEt,二者的竖直高度相等落下时所用的时间相等,故联立以上两个方程解得vE=(1分)
设小物块与传送带之间的动摩擦因数为μ,小物块从B到E的过程,根据动能定理有
②(a)当传送带的速度0﹤v带=ωr﹤vE
即0﹤ω﹤时,物体在传送带上一直做匀减速运动物体离开传送带时的速喥为vE,则OD=l…(1分)
(b)如果传送带的速度较快物体在传送带上一直加速而未与传送带共速,则物体的加速度始终为a=设物体离开传送带时嘚速度为vmax
根据运动学公式有解得vmax=
当传送带的速度v带=ωr﹥,
即ω﹥时物体离开传送带点时的速度为vmax,
(c)当传送带的速度vE﹤v带=ωr﹤vmax
即﹤ω﹤时,物体离开传送带点时的速度为v带=ωr则OD=+ωrt=…(1分)
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