(2)若一个整数的末位是偶数，如0、2、4、6或8，则这个数能被2整除。
(3)若一个整数的所有位上的数字之和能被3整除，则这个整数能被3整除。
(4) 若一个整数的末尾两位数能被4
整除，则这个数能被4整除。
(5)若一个整数的末位是0或5，则这个数能被5
(6)若一个整数能被2和3整除，则这个数能被6整除。
倍数，则原数能被7整除。如
－9×2＝595 ， 59－5×2＝49，所以6139是7的倍数。如105，
(9)若一个整数的所有位上的数字之和能被9整除，则这个整数能被9整除。
（11）若一个整数的奇位数字之和与偶位数字之和的差能被11整除，则这个数能被11整除。
11去掉个位数，再从余下的数中，减去个位数，如果差是11的倍数，则原数能被11整除。例如，判断10901是否11的倍数的过程如下：89 ，108－9＝99，所以10901是11的倍数。
13）原因：相当于1000除以13余-1，那么1000^2
除以13余1（即-1的平方）,1000^3除以13余-1,……所以
13整除。如1963
，196+3×4=208，20+8×4=52，所以能被13整除。如104，
方法二：对一个位数很多的数（比如：
51 578 953 270），从右向左每3位隔开，从右向左依次加、减，270-953+578-51=-156能被13整除，则原数能被13整除。
注意：如果数字仍然太大不能直接观察出来，就重复此过程。
例如：判断1675282能不能被17整除。×5=751-8
×5=1-1×5=×5=136
到这里如果你仍然观察不出来，就继续,,,,
6×5=30，现在个位×5=30&剩下的13，就用大数减去小数，30-13=17
，所以1675282能被17整除。如102，
如果数字仍然太大不能直接观察出来，就重复此过程。
如：3+18=×2＝38；如114，19
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操作
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实验步骤
操作
现象与结论
第一步
取少量液体装于试管，向试管中滴入几滴KSCN溶液．
若溶液紫色褪去，则说明含有Fe2+；若无明显变化，则说明不含Fe2+．科目:难易度:最佳答案解：（1）利用压强差检验装置的气密性，检验方法是：关闭止水夹，从左管处加水，使U形管两端形成液面差，一段时间后，液面差没有变化，说明气密性良好，故答案为：关闭止水夹，从左管处加水，使U形管两端形成液面差，一段时间后，液面差没有变化，说明气密性良好；（2）该装置属于固液混合不加热型装置，用有孔隔板放置固体，所以反应物必须是不溶于水的块状固体，且该反应不需要加热，故答案为：不溶于水的块状固体、不需要加热而反应生成的；（3）c=mol/L=mol/L=2.95mol/L；&配制过程中还需要量筒量取浓硝酸，故答案为：2.95mol/L；量筒；（4）铁和稀硝酸反应生成一氧化氮，一氧化氮会迅速被氧化为二氧化氮，所以A装置的干燥管中观察到的现象是：有红棕色气体出现，二氧化氮有毒，属于酸性气体，可以用烧碱溶液吸收，故答案为：有红棕色气体出现；吸收NO2；（5）FeO42-属于弱酸根离子，不能和大量氢离子共存，即FeO42-不能存在于酸性溶液中，故选d；（6）铁离子能和硫氰化钾溶液反应络合物而使溶液呈血红色，亚铁离子和硫氰化钾溶液不反应；亚铁离子能被酸性高锰酸钾氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，铁离子不能被酸性高锰酸钾溶液氧化，如果向溶液中滴加硫氰化钾溶液，溶液变为血红色就说明含有铁离子，否则不含铁离子；如果向溶液中滴加酸性高锰酸钾溶液，如果酸性高锰酸钾溶液褪色，就说明含有亚铁离子，否则不含亚铁离子，故答案为：若溶液呈血红色，则说明含Fe3+，若不显血红色，证明没有Fe3+；取少量液体装于试管，向试管中滴入几滴酸性KMnO4溶液．解析（1）利用压强差检验装置的气密性；（2）该装置属于固液混合不加热型装置，根据反应物的状态和反应条件来确定制取的气体；（3）c=mol/L；根据仪器的作用选取仪器；（4）铁和稀硝酸反应生成无色的一氧化氮，一氧化氮能被空气氧化生成二氧化氮；二氧化氮能被碱液吸收；（5）FeO42-属于弱酸根离子，不能和大量氢离子共存；（6）铁离子能和硫氰化钾溶液反应络合物而使溶液呈血红色，亚铁离子和硫氰化钾溶液不反应；亚铁离子能被酸性高锰酸钾氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，铁离子不能被酸性高锰酸钾溶液氧化．知识点:&&基础试题拔高试题热门知识点最新试题
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【例&1】&&&有三张卡片，它们上面各写着数字1，2，3，从中抽出一张、二张、三张，按任意次序排列出来，
第十一讲 数论综合（二）
教学目标：武汉童老师小学奥数辅导中心一对一授课-6月以奥数招生中&
童老师奥数
1、& 掌握质数合数、完全平方数、位值原理、进制问题的常见题型；
2、& 重点理解和掌握余数部分的相关问题，理解“将不熟悉转化成熟悉”的数学思想
例题精讲：
板块一& 质数合数
【例 1】&&
有三张卡片，它们上面各写着数字1，2，3，从中抽出一张、二张、三张，按任意次序排列出来，可以得到不同的一位数、二位数、三位数，请你将其中的质数都写出来．
抽一张卡片，可写出一位数1，2，3；抽两张卡片，可写出两位数12，13，21，23，31，32；抽三张卡片，可写出三位数123，132，213，231，312，321，其中三位数的数字和均为6，都能被3整除，所以都是合数．这些数中，是质数的有：2，3，13，23，31．
【例 2】&&
三个质数的乘积恰好等于它们和的11倍，求这三个质数．
设这三个质数分别是、、，满足，则可知、、中必有一个为11，不妨记为，那么，整理得()()，又，对应的、或、或、&(舍去)，所以这三个质数可能是2，11，13或3，7，11．
【例 3】&&
用1，2，3，4，5，6，7，8，9这9个数字组成质数，如果每个数字都要用到并且只能用一次，那么这9个数字最多能组成多少个质数？
要使质数个数最多，我们尽量组成一位的质数，有2、3、5、7均为一位质数，这样还剩下1、4、6、8、9这5个不是质数的数字未用．有1、4、8、9可以组成质数41、89，而6可以与7组合成质数67．所以这9个数字最多可以组成6个质数．
【例 4】&&
有两个整数，它们的和恰好是两个数字相同的两位数，它们的乘积恰好是三个数字相同的三位数．求这两个整数分别是多少？
两位数中，数字相同的两位数有11、22、33、44、55、66、77、88、99共九个，它们中的每个数都可以表示成两个整数相加的形式，例如，共有16种形式，如果把每个数都这样分解，再相乘，看哪两个数的乘积是三个数字相同的三位数，显然太繁琐了．可以从乘积入手，因为三个数字相同的三位数有111、222、333、444、555、666、777、888、999，每个数都是111的倍数，而，因此把这九个数表示成一个两位数与一个一位数或两个两位数相乘时，必有一个因数是37或37的倍数，但只能是37的2倍(想想为什么？)3倍就不是两位数了．
把九个三位数分解：、、、、、、、、．
把两个因数相加，只有()和()的两位数字相同．所以满足题意的答案是74和3，37和18．
板块二& 余数问题
【例 5】&&
(年全国小学数学奥林匹克试题)有两个自然数相除，商是，余数是，已知被除数、除数、商与余数之和为，则被除数是多少？
被除数除数商余数被除数除数+17+13=2113，所以被除数除数=2083，由于被除数是除数的17倍还多13，则由“和倍问题”可得：除数=(2083-13)&(17+1)=115，所以被除数=8．
【例 6】&&
已知2008被一些自然数去除，所得的余数都是10，那么这样的自然数共有多少个？
本题为一道余数与约数个数计算公式的小综合性题目．由题意所求的自然数一定是98的约数，同时还要满足大于10这个条件．这样题目就转化为1998有多少个大于10的约数，，共有(1+1)&(3+1)&(1+1)=16个约数，其中1，2，3，6，9是比10小的约数，所以符合题目条件的自然数共有11个．
【例 7】&&
有一个整数，除39，51，147所得的余数都是3，求这个数．
【解析】 (法1) ，，，12的约数是，因为余数为3要小于除数，这个数是；
(法2)由于所得的余数相同，得到这个数一定能整除这三个数中的任意两数的差，也就是说它是任意两数差的公约数．，，，所以这个数是．
【例 8】&&
(2005年全国小学数学奥林匹克试题)有一个整数，用它去除70，110，160所得到的3个余数之和是50，那么这个整数是______．
【解析】 ，，除数应当是290的大于17小于70的约数，只可能是29和58，，，所以除数不是58．
，，，，所以除数是
【巩固】&&&&&&&&&&&
&(2002年全国小学数学奥林匹克试题)用自然数n去除63，91，129得到的三个余数之和为25，那么n=________．
&n能整除．因为，所以n是258大于8的约数．显然，n不能大于63．符合条件的只有43．
【例 9】&&
一个大于10的自然数去除90、164后所得的两个余数的和等于这个自然数去除220后所得的余数，则这个自然数是多少？
这个自然数去除90、164后所得的两个余数的和等于这个自然数去除后所得的余数，所以254和220除以这个自然数后所得的余数相同，因此这个自然数是的约数，又大于10，这个自然数只能是17或者是34．
如果这个数是34，那么它去除90、164、220后所得的余数分别是22、28、16，不符合题目条件；如果这个数是17，那么他去除90、164、220后所得的余数分别是5、11、16，符合题目条件，所以这个自然数是17．
10】&&&&&&&&
甲、乙、丙三数分别为603，939，393．某数除甲数所得余数是除乙数所得余数的2倍，除乙数所得余数是除丙数所得余数的2倍．求等于多少？
【解析】 根据题意，这三个数除以都有余数，则可以用带余除法的形式将它们表示出来：
由于，，要消去余数， ， ，我们只能先把余数处理成相同的，再两数相减．
这样我们先把第二个式子乘以2，使得被除数和余数都扩大2倍，同理，第三个式子乘以4．
于是我们可以得到下面的式子：
这样余数就处理成相同的．最后两两相减消去余数，意味着能被整除．
51的约数有1、3、17、51，其中1、3显然不满足，检验17和51可知17满足，所以等于17．
11】&&&&&&&&
(2003年南京市少年数学智力冬令营试题)
与的和除以7的余数是________．
找规律．用7除2，，，，，，…的余数分别是2，4，1，2，4，1，2，4，1，…，2的个数是3的倍数时，用7除的余数为1；2的个数是3的倍数多1时，用7除的余数为2；2的个数是3的倍数多2时，用7除的余数为4．因为，所以除以7余4．又两个数的积除以7的余数，与两个数分别除以7所得余数的积相同．而2003除以7余1，所以除以7余1．故与的和除以7的余数是．
【巩固】&&&&&&&&&&&
除以7的余数是多少？
除以7的余数为1，，所以，其除以7的余数为：；2008除以7的余数为6，则除以7的余数等于除以7的余数，为1；所以除以7的余数为：．
12】&&&&&&&&
(2009年走美初赛六年级)有一串数：1，1，2，3，5，8，……，从第三个数起，每个数都是前两个数之和，在这串数的前2009个数中，有几个是5的倍数？
【解析】 由于两个数的和除以5的余数等于这两个数除以5的余数之和再除以5的余数．
所以这串数除以5的余数分别为：1，1，2，3，0，3，3，1，4，0，4，4，3，2，0，2，2，4，1，0，1，1，2，3，0，……
可以发现这串余数中，每20个数为一个循环，且一个循环中，每5个数中第五个数是5的倍数．
由于，所以前2009个数中，有401个是5的倍数．
【巩固】著名的裴波那契数列是这样的：1、1、2、3、5、8、13、21……这串数列当中第2008个数除以3所得的余数为多少？
斐波那契数列的构成规则是从第三个数起每一个数都等于它前面两个数的和，由此可以根据余数定理将裴波那契数列转换为被3除所得余数的数列：
1、1、2、0、2、2、1、0、1、1、2、0……
第九项和第十项连续两个是1，与第一项和第二项的值相同且位置连续，所以裴波那契数列被3除的余数每8个一个周期循环出现，由于2008除以8的余数为0，所以第2008项被3除所得的余数为第8项被3除所得的余数，为0．
13】&&&&&&&&
(1997年全国小学数学奥林匹克试题)将依次写到第1997个数字，组成一个1997位数，那么此数除以9的余数是
________．
【解析】 本题第一步是要求出第1997个数字是什么，再对数字求和．
共有9个数字，共有90个两位数，共有数字：&(个)，
共900个三位数，共有数字：&(个)，所以数连续写，不会写到999，从100开始是3位数，每三个数字表示一个数，，即有602个三位数，第603个三位数只写了它的百位和十位．从100开始的第602个三位数是701，第603个三位数是9，其中2未写出来．因为连续9个自然数之和能被9整除，所以排列起来的9个自然数也能被9整除，702个数能分成的组数是：&(组)，依次排列后，它仍然能被9整除，但702中2未写出来，所以余数为．
14】&&&&&&&&
有2个三位数相乘的积是一个五位数，积的后四位是1031，第一个数各个位的数字之和是10，第二个数的各个位数字之和是8，求两个三位数的和．
本题条件仅给出了两个乘数的数字之和，同时发现乘积的一部分已经给出，即乘积的一部分数字之和已经给出，我们可以采用弃九法原理的倒推来构造出原三位数．因为这是一个一定正确的算式，所以一定可以满足弃九法的条件，两个三位数除以9的余数分别为1和8，所以等式一边除以9的余数为8，那么&#除以9的余数也必须为8，&#9633;只能是3．将31031分解质因数发现仅有一种情况可以满足是两个三位数的乘积，
所以两个三位数是143和217，那么两个三位数的和是360
15】&&&&&&&&
设的各位数字之和为，的各位数字之和为，的各位数字之和为，的各位数字之和为，那么？
由于一个数除以9的余数与它的各位数字之和除以9的余数相同，所以与、、、&除以9都同余，而2009除以9的余数为2，则除以9的余数与除以9的余数相同，而除以9的余数为1，所以除以9的余数为除以9的余数，即为5．
另一方面，由于，所以的位数不超过8036位，那么它的各位数字之和不超过，即；那么的各位数字之和，的各位数字之和，小于18且除以9的余数为5，那么为5或14，的各位数字之和为5，即．
板块三& 完全平方数
16】&&&&&&&&
从1到2008的所有自然数中，乘以72后是完全平方数的数共有多少个？
【解析】 完全平方数，其所有质因数必定成对出现．
而，所以满足条件的数必为某个完全平方数的2倍，
由于，所以、、……、都满足题意，即所求的满足条件的数共有31个．
17】&&&&&&&&
一个数减去100是一个平方数，减去63也是一个平方数，问这个数是多少？
【解析】 设这个数减去为，减去为，则，
可知，且，所以，，这样这个数为．
【巩固】&&&&&&&&&&&
能否找到这么一个数，它加上24，和减去30所得的两个数都是完全平方数？
【解析】 假设能找到，设这两个完全平方数分别为、，那么这两个完全平方数的差为
，由于和的奇偶性质相同，所以不是4的倍数，就是奇数，不可能是像54这样是偶数但不是4的倍数．所以不可能等于两个平方数的差，那么题中所说的数是找不到的．
18】&&&&&&&&
有5个连续自然数，它们的和为一个平方数，中间三数的和为立方数，则这五个数中最小数的最小值为&&&&&&&&&&
考查平方数和立方数的知识点，同时涉及到数量较少的连续自然数问题，设未知数的时候有技巧：一般是设中间的数，这样前后的数关于中间的数是对称的．
设中间数是x，则它们的和为， 中间三数的和为．是平方数，设，则，是立方数，所以至少含有3和5的质因数各2个，
即至少是225，中间的数至少是1125，那么这五个数中最小数的最小值为1123．
板块四& 位值原理
19】&&&&&&&&
(美国小学数学奥林匹克)把一个两位数的十位与个位上的数字加以交换，得到一个新的两位数．如果原来的两位数和交换后的新的两位数的差是45，试求这样的两位数中最大的是多少？
【解析】 设原来的两位数为，交换后的新的两位数为，根据题意，
，，原两位数最大时，十位数字至多为9，即，，原来的两位数中最大的是94．
【巩固】&&&&&&&&&&&
将一个四位数的数字顺序颠倒过来，得到一个新的四位数(这个数也叫原数的反序数)，新数比原数大8802．求原来的四位数．
【解析】 设原数为，则新数为，
根据题意，有，．
推知，，得到，，，，原数为1099．
20】&&&&&&&&
&(第五届希望杯培训试题)有3个不同的数字，用它们组成6个不同的三位数，如果这6个三位数的和是1554，那么这3个数字分别是多少？
【解析】 设这六个不同的三位数为，
因为，，……，它们的和是：，所以，由于这三个数字互不相同且均不为0，所以这三个数中较小的两个数至少为1，2，而，所以最大的数最大为4；又，所以最大的数大于，所以最大的数为4，其他两数分别是1，2．
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